私はフェルマー予想を解いた　

私は、フェルマー予想の解決に成功した。
私の証明に注目すべき点があるとすれば、それは
証明の過程で志村・谷山予想を経由しなかった点であろう。
私の証明を理解するには、楕円曲線論、および代数幾何学の
知識がかなり必要である。
しかし、それだけの知識を持った人材は、日本だけでも２，３０人
はいるであろうと思う。そう期待したい。
少なくとも、Ｗｉｌｅｓ氏の証明よりは遥かに簡明である。
ここに、数日に渡って全証明を書き連ねたいと思う。
それでは、証明をお見せしよう。　　　

2

削除よろ

４さま

華麗に５ゲト、ズザー！

〜〜〜終了〜〜〜

ｘ＾ｎ＋ｙ＾ｎ＝ｚ＾ｎ・・・�@
�@を満たすｘ、ｙ、ｚ、ｎ∈Ｎ、ｎ≧３、の組が存在しない
ことを示す。ｎ＝１７２８ｐ＾ｒ(ｐは素数、ｒ∈Ｎ)のときは
ｎ＝４のケースに帰着する。故にｎ≠１７２８ｐ＾ｒとする。
非特異射影曲線Ｘ上の０でない有理函数ｆ∈ｋ(ｘ)の零点および
極が定義する因子(ｆ）0、(ｆ)∞を、
(ｆ)0：＝Σordp(f)＞0ｏｒｄｐ（ｆ）Ｐ
(ｆ)∞：＝Σord(f)＜0ｏｒｄｐ（ｆ）Ｐ
と定める。　　　　
　

続き、まだー。

早く！早く！

このとき、
ｄｉｖ（ｆ）＝(ｆ)0−（ｆ）∞
よって、ｆ∈ｋ（ｘ）×に対し、
ｄｅｇ（ｒ（ｆ）∞）−ｌ（ｒ（ｆ）∞）
はｒ∈Ｚにかんして上に有界である。
従って、�@によって生じるＣの（Σ（ω）不変な）付解部分体ｋ0上で
定義された楕円曲線をＥとすると、Ｅのｊ不変量は１７２８で割り切れない
ので、擬似楕円曲線
Ｙ＾２Ｚ＋Ｘ＾３＋Ｙ＋２ｊE／γ0＾２（ｊE−１７２８）YZ＾２＋Z＾３
とｋ0−同型である。　　　

で？

一方、種数ｇの非特異射影曲線Cに対し、
１＋ｐ＾ｒ−２ｇ√（ｐ＾ｒ）≦♯C（ｋｒ）≦１＋ｐ＾ｒ＋２ｇ√（ｐ＾ｒ）
となることが知られている。
この事実より、
k1＝Ｆp（ｐ：ｐｒｉｍｅ，ｐ≧５）のとき、射影平面曲線
C：＝V〜（X＾（ｐ−１）＋Y^（ｐ−１））⊆P＾２
は非特異である。　　

以降はまた今度にしよう。
私は期待を裏切らない。　

言っちゃっていいの？

>>1
「筝拿珂都痲」って「そうだかつま」って読むの？

期待してます

ねぇここまでは合ってるの？

合ってるというか、何もまだ重要なことは示されていませんよね。

あほか

さて、さてさて。
これらの事実より、上の（k0−同型な）楕円曲線は半安定である。
従って、ｐ｜ｎを満たすような素数ｐに対し、モーデル・ヴェイユ群
Eｐ（Q)のｒａｎｋは０であるか、ｍａｘ（ｘ＾γ0、ｙ＾γ0、ｚ）より
大きいかのいずれかである。
ｒａｎｋＥｐ（Ｑ）＝０ならば、ｎ≧３であっても、�@のGCD１の解は
１つ存在すれば無限に構成できる。（例の古典的手法で）。　
ｎ≧３のとき�@に関する楕円曲線の種数は２以上であるから、これは
Ｆａｌｔｉｎｇｓの定理に矛盾する。　

そんであっとうや？

ｒａｎｋＥｐ（Ｑ）＞max（ｘ＾γ0、ｙ＾γ0、ｚ）としよう。
�@の解のひとつを（ａ，ｂ，ｃ）とし、楕円曲線
ｙ＾２＝ｘ（ｘ−ａ＾ｐ）（ｘ＋ａ＾ｐ）
を構成する。
先に出てきた曲線をG、上の楕円曲線をHpとすると、
GHｐ　／Jp＾ｄｅｇＧ＋ｄｅｇＨｐ＜（G　／Jp＾ｄｅｇＧ）（Ｈｐ　／Ｊｐ＾ｄｅｇＨｐ）
であるが、このとき、G,Hpからｉｎｄｅｃｅされる射影曲線V（GHp・G＾−１Hp＾２）は
非特異となる。　

いよいよ大詰めだ。
よって、GHｐ・G＾−１Hp＾２の判別式（を１６で割ったもの）
Δ：＝（ａｂ＾２−ｂｃ＾２）（ａ＾３ｂ−ｂｃ）＾２
　　　　　−４（ａ−ｂｃ）＾３ｂ＾２−４γ0（ａ＾ｐ＋ｂ＾ｐ）
は０でない。
従って、ｋｐ上の楕円曲線ＧＨｐ・Ｇ＾−１Ｈｐ＾２（種数１）に対し、
♯ＧＨｐ・Ｇ＾−１Ｈｐ＾２（ｋｐ）≧１＋ｐ＾ｐ＋２（｜Δ｜＋１）√ｐ＾ｐ
　　　　　　　　　　　　　　　　　　　＋｜Δ｜＾ｐ
　　　　　　　　　　　　　　　　　＞１＋ｐ＾ｐ＋２√ｐ＾ｐ
が成り立つが、これはＨａｓｓｅの定理に矛盾する。
よって、ｎ≧３のとき、�@は自然数解を持たない。　　証明終　
　
　
　　

数日に渡って、などと大げさなことを書いたが、案外すんなりと
終わってしまったな。
念のため、証明中の・は関数の合成記号であり、積ではないことを
付け加えておく。白マルが出なかった。
ではそろそろ私は消えるが、皆さん良いお年を。　

良いお年を

歴史に立ち会えた喜びに感謝。
記念カキコ。

記念火気庫
すげぇｗ

良いお年を〜

証明はぜんぜんわからないんだけど、
もし証明が合っているとして、
これだけ簡単な方法が何でwilesは出せなかったんだろう？
ここ10年間に理論が進んだってこと？

>>29
>これだけ簡単な方法が何でwilesは出せなかったんだろう？

フライのアイデアを経由したから。

本気にする人がいても困るので、えーと、とりあえず・・・




>>20
楕円曲線の種数は１なわけで。。。

ていうか、それっぽい用語をつなげているだけのものですから、
よいこのみんなは信じないでね＾＾；

Who belives? you?

>>33
数学好きの女子中学生

>>1
m9(^Д^)ﾌﾟｷﾞｬｰ

ああ、失礼。
２０のやつは「楕円曲線」ではなく「代数曲線」が正解だね。
このことは証明の本質には関係ないので気にしないでほしい。　　　　　

>>36
まだやるの？＾＾；
じゃあ

>>10
＞（Σ（ω）不変な）付解部分体ｋ0

＞擬似楕円曲線

の定義と

＞定義された楕円曲線をＥ

の構成法きぼん

記念カキコ。

すばらしい！完璧な証明じゃないか！
>>1 あなたもしかして天才？

!!!!∧＿∧
Σ(οД〇;)

>>15
２文字目は「な」と読まないと！
このスレのあらゆる事象がそう示唆している。

俺も記念カキコ!!

ニュースになったときのために記念カキコ

モッチー辺りに査読を要求しよう。

これ全部校長のヤラセだろ？
おかし？くだらねぇよ、命に関わる問題で遊んでんじゃねぇよ
絶対校長が考えたあいうえお作文だろ、いい加減にして欲しいよな
上の奴って言うのはいつもそうだ、道楽で下の人間に苦労かけさせやがって
それからファミレスの店員、上の奴呼べって言ったからって本当に店長呼んでんじゃねぇよ
こういう場合黙って勘定タダにするのが筋だろうが、空気嫁よな。
あと食べ放題に一日いるデブ、てめぇもなめてる。ピザでもとってろよ。
ピザで思い出したんだけどピザ屋の電話番もクソだ、どもってんじゃねぇよ
男に電話番やらせんな、感じ悪いしよ。なんかこうもっと萌える女店員とかにしろよ。
宅配担当の奴もそうだ、途中で絶対このピザ落としたろ。本当DQNばっかだな今の日本は
ところで今俺三越の4階の男子トイレ入って一番奥の部屋で紙がなくなって閉店前から
まさに今まで閉じ込められてるんだけど誰か黙って紙投げ入れてくれない？

歴史に残るかもしれないスレを無碍にする方法。
「記念カキコ」の代わりに「kingは死ね。」と書き込む。

kingは死ね。

>>44
モッチーには無理。高度すぎる。Wilesに見せるほかないのでは？

箏拿珂都麻
そうなかつま
まつかなうそ

>>47
加藤和也先生は無理？

ああそうか。「拿」は「推拿（すいな）」の「な」だったね。

記念パピポ

これって大ﾆｭｰｽになるの？

ちゃんと論文にしてだせばすごいことになる

そこで俺が横取りというわけ

そこで俺が中田氏というわけ

sorewa nushiga otokomaede atte
nihonjin unnunwa kankei gozaran!!

>>48
ちょｗｗｗこういうことはエイプリルフールにやってくれ。

talk:>>55 お前に何がわかるというのか？

無駄に頭使ってる感じだな。　　

凡人の俺には全く理解できないけど一応記念カキコ

>>58
kingでもいいから証明の検証してくれよ。

証明できてるわけないだろ

あほか。

記念パピコ

Ｆａｌｔｉｎｇｓの定理ってどーゆーやつだったっけ？
ヘルマー予想と関係してんの？　　

>>65
いわゆるモーデル予想のことだね。
有限次代数体上定義された種数≧2の代数曲線上の有理点は有限個ってやつ。
フェルマー予想との関係はよく分からん。関係してるかも。

よくわからんがすごいな
俺が全く知らない事ばかりだ

talk:>>46 お前が先に死ね。
talk:>>61 Hasseの定理って何？この分野はあまり知らないもので。

記念にカキコ

証明は分からんが、まつかなうその反対なんだから本当という意味なんじゃねえかえ？
よく分からんから教えてエロい人

Pを「Pが正しいならばフェルマー予想は正しい」という命題としよう。
Pの真偽を確かめるために、仮定の部分、つまりPが正しいを前提に推論しよう。
すると、Pにより、フェルマー予想が正しいことが結論できる。
つまり、Pが正しいことを仮定することによってフェルマー予想が正しいことが分かったのだ。
これは命題Pそのものである。よって、Pが証明された。
Pの仮定の部分は真なので、フェルマー予想も真。
よってフェルマー予想は証明された。d.q.n.

すげ・・・・・・・

いまのところこれといって肯定的意見も否定的意見もないようですが

>>73
まさか上にある証明のこと言ってるの？
証明の体すらなしてないから、
つっこみようもなく放置してるだけだと思うよ。

前にarXiveにリーマン予想の証明を提出した中国人数学者がいたけど、
>>1にもそれくらいの度胸が欲しかったねｗ

否定する人もほとんど間違いを指摘しないよね
それはわからないから？

専門用語が多すぎて、門外漢のオレにはｻﾊﾟ~ﾘ分からん。

>>71
誰かが本気にしたらどうすんだ？
起の部分からすでに詭弁だろうが、ぼけ。

おっしゃこれ英訳してarXivにうpして業績横取りだー

>>76
数板の矜持

>>76
あらしすらやってこない状況をよくかんがえてみるんだ。

これって背理法使えば簡単に解けそうだよね
ｘ＾ｎ＋ｙ＾ｎ＝ｚ＾ｎ・・・�@
�@を満たすｘ、ｙ、ｚ、ｎ∈Ｎ、ｎ≧３、の組が存在しない
ことを示す
これの対偶は
�@を満たすｘ、ｙ、ｚ、ｎが整数以外の全ての数、ｎ＜３、の組が存在する。

たくさんあるじゃん

証明終わり

記念真紀子

I succeeded in the solution of the Fermat expectation. It might be a
point in the process of proof without the passing stopping Shimura
and the Taniyama expectation if there is a point to have to pay
attention to my proof. The knowledge of an oval curve theory and the
algebraic geometry is considerably necessary to understand my proof.
However, 2 or 30 people think even only Japan will as for talent who
has the knowledge only of it. I want to expect it so. At least, it is
concise far of Mr. Wiles's proof. I want to write all proofs here for
several days. Then, I will show proof.

x^n+y^n=z^n･･･?@
?It is shown that the class of x that fills @, y, z, n∈N, and n≧3
doesn't exist. It returns in the case with n=4 at n=1728p^r (p is a
prime number, and r∈N). Therefore, it is assumed n≠1728p^r. Factor
(f), 0 that zero and the pole of rational function f∈k(x) that 0 on
non-peculiar projection curve X define, and (f) ∞(f)0:=Σordp(f)>0
ordp(f)P
(f)It is provided 0 ∞:=Σord(f) <ordp(f) P.

arXivにあげようぜ

At this timeDeg(r(f)∞) ?l(r(f)∞) concerns r∈Z and is a having field
up against (f) div(f) = 0?(f) ∞ f∈k(x) ×. Therefore, because an
invariable amount of j of E cannot be divided when the oval curve
defined on solution partial body k0 with) of invariable Σ(ω) is
assumed to be E by 1728, it is pseudoand oval curve Y^2Z+X^3+Y+2jE/γ0^
2(jE?1728) YZ^2+Z^3 and k0? this ..(.. types of caused C.

arXivにあげるなんて絶対やめろよ？
日本人の恥を晒すようなもんだぞ。
絶対だぞ。俺は止めたからな。

続き続き！

続き続きって、翻訳サイト通しただけじゃん＾＾；

On the other hand, to non-peculiar curve C projection of number g of
seeds1+p^r?It is known to become 2g√(p^r) ≦♯C(kr) ≦1+p^r+2g√(p^r).
Projection plane curve from this fact at k1=Fp(p:prime,p≧5)
C:=V?(X^(p?1)+Y^(p?1))⊆P^2 is non-peculiar.

Well, well.
An oval curve of ..k0? this type..) is half ..(above.. steadier than
these facts. Therefore, p. |It is either 0 rank of Mordel Veiyu group
Ep(Q) or larger to prime number p that fills n than max(x^γ0,y^γ0,z).

The solution of GCD1 can be infinitely composed if existing by one
even in case of n≧3 in case of rankEp(Q) =0. (In a classic technique
of the example. )　
Whether n≧3Because the number of seeds of oval curves concerning @
is two or more, this contradicts the theorem of Faltings.

RankEp(Q) > max(x^γ0,y^γ0,z)
?One of the solutions of @ is assumed to be (a,b,c), and oval and curve y^2=x(x?a^p)
(x+a^p) is composed. Early..go out..curve..oval..curve..do..at this time..do..
projection..curve..peculiar..become.

It is a last act more and more.
Therefore, the distinction type of GHp･G^?1Hp^2. (what divided with 16)Δ:
=(ab^2?bc^2)(a^3b?bc)^2
?4(a?bc) ^3b^2?4γ0(a^p+b^p) is not 0. Therefore, to curve GHp･G^?1Hp^2
oval (number 1 of seeds) on kp♯GHp･G^?1Hp^2(kp)≧1+p^p+2(|Δ|+1)√p^p
+|Δ|This contradicts the theorem of Hasse though ^p>1+p^p+2√p^p
consists. Therefore, n≧3 doesn't have the natural number solution. Proof
end

>>82
天才がいた

さっそくarXivに(ry

arVivに通報しますた。

>1はもういないの？

>>82
例をいえよはげ

よくみたらめちゃくちゃじゃん